动态规划——完全背包问题(公式推导，组合、排列)

        本文章是对于完全背包 一些题型(如题目所示，组合、排列和最小值类型)的总结和理解，依次记录一下，方便回顾与复习。

        本文章是基于个人所总结 实现的，但在其中遇到了一些疑惑与困难，所以总结一篇与完全背包相关的问题。

        题型分为 完全背包 求组合问题 、 求排列问题、 求最小值问题.

但这一切都是基于完全背包，我们先来介绍一下什么是完全背包。

目录

完全背包问题

        有N件物品和一个最多能背重量为W的背包。第i件物品的重量是weight[i]，其价值为value[i] 。每件物品都有无限个（也就是可以放入背包多次），求解将哪些物品装入背包里物品价值总和最大。(即如何在有限的空间中 尽可能放到整体价值最高).

        完全背包和01背包问题唯一不同的地方就是，完全背包每种物品有无限件；而01背包每个物品只有一件。

        在这里我认为对你对01背包 已经有一定的了解，便不再深入赘述。如果不了解01背包，最好先了解之后再继续阅读。

二维dp

这是 01背包的核心代码

     // 二维数组
    vector<vector<int>> dp(weight.size(), vector<int>(bagweight + 1, 0));

    // 初始化
    for (int j = weight[0]; j <= bagweight; j++) {
        dp[0][j] = value[0];
    }

    // weight数组的大小 就是物品个数
    for(int i = 1; i < weight.size(); i++) { // 遍历物品
        for(int j = 0; j <= bagweight; j++) { // 遍历背包容量
            if (j < weight[i]) dp[i][j] = dp[i - 1][j];//如果当前背包容量小于物品体积，则直接不做选择
            else dp[i][j] = max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - weight[i]] + value[i]);//如果大于物品体积，则取 选择当前物品 和 不选择当前物品 的最大值

        }
    }

01背包是每次从中选取一个物品 一次，即如果作选取决策的话，当前重量j 只用减去一个weight[i],所以选取后的重量是dp[i-1][j-weight[i]].

注意我下面所说的当前容量，而没有说背包总容量。因为我们是从小到大遍历的背包容量。

而完全背包是 可以选取一个物品 多次(k>=0)，即如果作选取决策的话，当前重量j 要减去 k个weight[i],具体多少取决于当前背包容量的大小。所以我们for循环 k从0开始遍历，直至 大于当前背包容量停止。而我们也要做出抉择，即选出0-k次中最大的值，如下：

max (dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k)

如果作不选取 决策的话，那么当前的值就不变化，继承上一次的值。即dp[i][j] = dp[i-1][j];

 所以现在状态转移方程为：

dp[i][j] = max {  max (dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k), dp[i-1][j] }. 其中(1 <= k <= j/weight[i]

代码如下：

    //n代表物品的数量，v代表背包的容量，weight[i]代表第i个物品的体积，value[i]是第i个物品的价值
    vector<vector<int>> dp(N+1,vector<int>(N+1,0));

    //遍历背包物品
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {  
        //遍历背包容量
        for(int j = 1; j <= v; j++)
        {
            //每次选取k件 物品i ，如果容量大于 当前容量j，则停止
            for(int k = 1; k * weight[i] <= j; k++)
            {
                //这句代码相当于max (dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k),而由于k每次在同一行，所以每次和dp[i][j]进行比较。当然这里写max(dp[i-1],...)也没关系，因为最后都是取的 dp[i-1][j-k*weight[i]]+value[i]*k)的最大值。选dp[i-1][j]相当于每次都和第一次比较，而选dp[i][j]相当于每次都和上一次的进行比较，所以dp[i][j]最后一定是最大值
                dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j-k*weight[i]]+value[i]*k);
            }
            //dp[i][j] = max(dp[i-1][j],dp[i][j]); //这句代码其实不用加，因为上面第一次k一定等于0，
            //所以相当于第一次已经比较了。这里写只是为了更好的显示上面的思路
        }
    }

    return dp[n-1][v];

 二维优化

上面我们用了三重for循环，时间复杂度太高了，我们有没有办法把它转化成二维的呢？

记得上面刚说的这个状态转移方程：

一.dp[i][j] = max {  max (dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k), dp[i-1][j] }.

其中(1 <= k <= j/weight[i]）

我们看到k的取值最小值为1，那我们不妨先把这 一个物品放进去

得到：

二.dp[i][j] = max {max(dp[i-1][j-weight[i]*k -weight[i]]+value[i]*k +value[i]),dp[i-1][j]);

此时k的取值范围为：(0 <= k <= j/weight[i]-1)

对于式子一，我们完全可以可以把式子简化为如下：

三.dp[i][j] = max(dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k),其中

其中(0 <= k <= j/weight[i]）

这是如何做到的呢？我们发现式子一 k的最小值是1，那么当我们让k=0时，发现dp[i-1][j-weight[i] * k] + value[i]*k)就是dp[i-1][j].所以我们完全可以合并这两个！最后只留下一个max，只不过k的最小值由1变成了0.

当j=j-weight[i]时，我们将其带入到式子三：

四.dp[i][j-weight[i]] = max(dp[i-1][j-weight[i] – weight[i]*k] + value[i]*k);其中：

(0 <= k <= j/weight[i]-1)

此时我们再用式子二对比式子四：

二.dp[i][j] = max {max(dp[i-1][j-weight[i]*k -weight[i]]+value[i]*k +value[i]),dp[i-1][j]);

四.dp[i][j-weight[i]] = max(dp[i-1][j- weight[i]*k -weight[i]] + value[i]*k);

 可以发现它们是画圈的这一部分完全等价的！范围也是一样的。我们我们把式子四 替换到式子二中：

即dp[i][j] = max(dp[i][j-weight[i]]+value[i]，dp[i-1][j]).

这就是我们最终推导出的公式！！！

所以我们再也不需要写那三重循环了，直接二维循环就可以，如下：

    vector<vector<int>> dp(N+1,vector<int>(N+1,0));
    
    //遍历背包物品
    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {  
        //遍历背包容量
        for(int j = 0; j <= v; j++)
        {
            //如果选择的话
            if(j >= weight[i])
            dp[i][j] = max(dp[i][j-weight[i]]+value[i],dp[i-1][j]);
            //如果不选择
            else
            dp[i][j] = dp[i-1][j];
        }
    }

一维dp(滚动数组)

和01背包问题问题类似，我们同样可以转化为把  二维数组转化为一维数组，因为它们都只依赖于上一行的状态。

因此我们由

dp[i][j] = max(dp[i][j-weight[i]]+value[i],dp[i-1][j]);

可以转化为一维dp数组：

dp[j] = max(dp[j-weight[i]]+value[i],dp[j]);

修改完毕后，代码如下:

    vector<int> dp(N+1,0);

    for(int i = 1; i <= n; i++)
    {
        for(int j = weight[i]; j <= v; j++)
        {
            dp[j] = max(dp[j-weight[i]]+value[i],dp[j]);
        }
    }
    return dp[v];

完全背包组合和排列问题

先说结论：

利用背包 求组合数 是外层遍历物品，内层遍历 物品容量

利用背包求 排列数 是 想外层先遍历物品的容量，内层再遍历 物品.

组合 不强调顺序，而排列强调顺序

为什么是这样呢？

假设你有价值为1元 和 2元的硬币，数量分别有无限个，那么让你凑成价值为5元的方案有多少种？

这个里面，有这样的两种方案：1 2 2    2  1 2  

如果是组合数，它们将会被视为一种组合，而如果是排列数，那么它们将是两种不同的排列

具体来说：

假设你先遍历的物品数量，那么你后面只能按照固定的顺序遍历了。

假设物品有 abc，那么你也只能按照abc这个顺序来放入了. b根本没机会放到a的前面，因为遍历完a结束 才遍历b的. 所以这样是求组合数

相反的，假设你先遍历的物品容量，再遍历物品数量，这样每个物品都有机会放入背包中，顺序也不固定，假设装a不合适，我可以装b(ee，真没别的意思)，随着遍历背包容量变大，说不定原来的a又适合装入了，这样就有了不同的顺序了。

大家可以在leetcode上做下面的例题感受：

求组合数：
518.零钱兑换II

求排列数：

377.组合总和IV

到这里，关于完全背包的一些基础相关的问题就讲完了，实际上还需要大家看视频或者做更多题感受到，可以看看题解中一些人发表的，他们发表的一种种类型及对应的题目可以非常好的巩固自己！